Eksamen vår 2025#

Eksamen våren 2025 var todelt med 2 timer på del 1 og 3 timer på del 2. Våren 2026 vil eksamen være todelt med 3 timer på del 1 og 2 timer på del 2.

Del 1 (Uten hjelpemidler – 2 timer)#

Oppgave 1 (2 poeng)#

Deriver funksjon \(f\) gitt ved

\[ f(x) = e^{-2x} + \dfrac{1}{5}x^5 - 2\pi \]

\[ f'(x) = -2e^{-2x} + x^4 \]

\[\begin{split} \begin{align*} f'(x) &= \left(e^{-2x} + \dfrac{1}{5}x^5 - 2\pi\right)' \\ \\ &= (e^{-2x})' + \left(\dfrac{1}{5}x^5\right)' - (2\pi)' \\ \\ &= -2e^{-2x} + x^4 - 0 \\ \\ &= -2e^{-2x} + x^4 \end{align*} \end{split}\]

Oppgave 2 (5 poeng)#

Funksjonen \(g\) er gitt ved

\[ g(x) = \dfrac{1}{2}e^x \cdot (2x - 1)^2. \]

Bestem eventuelle nullpunkter til funksjonen \(g\).

\[ x = \dfrac{1}{2} \]

Vi løser likningen \(g(x) = 0\):

\[ g(x) = 0 \liff \dfrac{1}{2}e^x \cdot (2x - 1)^2 = 0 \]

som gir

\[ 2x - 1 = 0 \liff x = \dfrac{1}{2}. \]

Vis at

\[ g'(x) = \dfrac{1}{2}e^x (2x - 1)(2x + 3). \]

Vi bruker produktregelen for derivasjon:

\[\begin{split} \begin{align*} g'(x) &= \left(\dfrac{1}{2}e^x\right)' \cdot (2x - 1)^2 + \dfrac{1}{2}e^x \cdot \left((2x - 1)^2\right)' \\ \\ &= \dfrac{1}{2}e^x \cdot (2x - 1)^2 + \dfrac{1}{2}e^x \cdot 2(2x - 1) \cdot (2) \\ \\ &= \dfrac{1}{2}e^x (2x - 1)^2 + 2e^x (2x - 1) \\ \\ &= \dfrac{1}{2}e^x (2x - 1)(2x - 1 + 4) \\ \\ &= \dfrac{1}{2}e^x (2x - 1)(2x + 3). \end{align*} \end{split}\]

Finn koordinatene til eventuelle topp- og bunnpunkter på grafen til \(g\).

Vi løser først likningen \(g'(x) = 0\):

\[ g'(x) = 0 \liff \dfrac{1}{2}e^x (2x - 1)(2x + 3) = 0 \]

som gir

\[ 2x - 1 = 0 \or 2x + 3 = 0 \liff x = \dfrac{1}{2} \or x = -\dfrac{3}{2}. \]

Den første løsningen er et nullpunkt, så koordinatene til det ene stasjonære punktet er bare \(\left(\dfrac{1}{2}, 0\right)\). Så setter vi inn disse \(x\)-verdien til det andre stasjonære punktet i funksjonen \(g\) for å finne de tilhørende \(y\)-verdiene:

\[ g\left(-\dfrac{3}{2}\right) = \dfrac{1}{2}e^{-3/2} \cdot \left(2 \cdot \left(-\dfrac{3}{2}\right) - 1\right)^2 = \dfrac{1}{2}e^{-3/2} \cdot (-4)^2 = \dfrac{8}{e^{3/2}} \]

Vi tegner en fortegnslinje for \(g'(x)\) for å avgjøre om det stasjonære punktet \(\left(-\dfrac{3}{2}, \dfrac{8}{e^{3/2}}\right)\) er et topp- eller bunnpunkt:

Grafen til \(g\) stiger før og synker etter \(x = -\dfrac{3}{2}\) så dette svarer til et toppunkt. Grafen til \(g\) synker før og stiger etter \(x = \dfrac{1}{2}\) så dette svarer til et bunnpunkt. Dermed er koordinatene til toppunktet \(\left(-\dfrac{3}{2}, \dfrac{8}{e^{3/2}}\right)\) og koordinatene til bunnpunktet \(\left(\dfrac{1}{2}, 0\right)\).

Oppgave 3 (4 poeng)#

Løs likningene

\[ 3^{x + 2} - 5 = 76 \]

\[ x = 2 \]

\[ 3^{x + 2} - 5 = 76 \liff 3^{x + 2} = 81 \]

\[ 3^{x + 2} = 3^4 \liff x + 2 = 4 \liff x = 2 \]

\[ 3 \lg x + 2 \lg x^2 + \lg \dfrac{1}{x^9} = 2. \]

\[ x = \dfrac{1}{10} \]

For forenkler venstresiden med logaritmereglene:

\[ 3 \lg x + 2 \lg x^2 + \lg \dfrac{1}{x^9} = 3 \lg x + 4 \lg x - 9 \lg x = -2 \lg x \]

Altså har vi at

\[ -2\lg x = 2 \liff \lg x = -1 \liff x = 10^{-1} = \dfrac{1}{10}. \]

Oppgave 4 (4 poeng)#

Bestem grenseverdiene

\[ \lim\limits_{x\to 3} \dfrac{3(x^2 - 3)}{x - 3} \]

\[ \lim\limits_{x\to 3} \dfrac{3(x^2 - 3)}{x - 3} = \pm \infty \]

Vi prøver å sette inn \(x = 3\) direkte i uttrykket for å finne grenseverdien:

\[ \lim\limits_{x\to 3} \dfrac{3(x^2 - 3)}{x - 3} &= \dfrac{3\cdot (3^2 - 3)}{3 - 3} = \pm \infty \]

\[ \lim\limits_{x\to 4} \dfrac{\sqrt{x} - 2}{x - 4} \]

\[ \lim\limits_{x\to 4} \dfrac{\sqrt{x} - 2}{x - 4} = \dfrac{1}{4} \]

Vi får et \(0/0\)-uttrykk når vi setter inn \(x = 4\), så vi bruker L’Hôpitals regel for å finne grenseverdien:

\[ \lim\limits_{x\to 4} \dfrac{\sqrt{x} - 2}{x - 4} \overset{[\frac{0}{0}]}{=} \lim\limits_{x\to 4} \dfrac{\dfrac{1}{2\sqrt{x}}}{1} = \dfrac{1}{4}. \]

Oppgave 5 (2 poeng)#

Funksjonen \(f\) er gitt ved

\[\begin{split} f(x) = \begin{cases} x^2 + 2, && x \lt 0 \\ \\ 2e^{x}, && x \geq 0 \end{cases} \end{split}\]

Avgjør om \(f\) er kontinuerlig i \(x = 0\).

\(f\) er kontinuerlig i \(x = 0\).

La \(g(x) = x^2 + 2\) og \(h(x) = 2e^x\). For at \(f\) skal være kontinuerlig i \(x = 0\), må

\[ g(0) = h(0) \]

Vi finner først \(g(0)\):

\[ g(0) = 0^2 + 2 = 2. \]

Så finner vi \(h(0)\):

\[ h(0) = 2e^0 = 2. \]

Siden \(g(0) = h(0)\), så er \(f\) kontinuerlig i \(x = 0\).

Avgjør om \(f\) er deriverbar i \(x = 0\).

\(f\) er ikke deriverbar i \(x = 0\).

Vi lar \(g(x) = x^2 + 2\) og \(h(x) = 2e^x\). For at \(f\) skal være deriverbar i \(x = 0\), må

\[ h'(0) = g'(0). \]

Vi finner først \(g'(0)\):

\[ g'(x) = 2x \liff g'(0) = 0. \]

Så finner vi \(h'(0)\):

\[ h'(x) = 2e^x \liff h'(0) = 2. \]

Siden \(h'(0) \neq g'(0)\), så er ikke \(f\) deriverbar i \(x = 0\).

Oppgave 6 (6 poeng)#

Jelena, Nils og Ahmad spiller basketball. Tenk deg at vi legger et koordinatsytem over banen.

Ved et tidspunkt befinner Jelena seg i punktet \(J(0, 0)\), Nils befinner seg i punktet \(N(-1, 2)\) og Ahmad befinner seg i punktet \(A(1, 1)\).

Enheten langs aksene er meter.

Hvor langt er det mellom Nils og Ahmad?

\[ \sqrt{5} \]

Vektoren som peker fra Nils til Ahmad er

\[ \lvec{NA} = [1 - (-1), 1 - 2] = [2, -1]. \]

Avstanden mellom Nils og Ahmad er da

\[ \abs{\lvec{NA}} = \sqrt{2^2 + (-1)^2} = \sqrt{5}. \]

En basketball ligger i punktet \((-1, a)\) der \(a \in \real\). Vektoren som går fra Jelena til ballen, er parallell med vektoren som går fra Nils til Ahmad.

Bestem \(a\).

\[ a = \dfrac{1}{2} \]

Vektoren fra Nils til Ahmad fant vi i forrige oppgave og var gitt ved

\[ \lvec{NA} = [2, -1]. \]

La vektoren fra Jelena til ballen være \(\lvec{JB}\). Da har vi at

\[ \lvec{JB} = \lvec{OB} - \lvec{OJ} = [-1, a] - [0, 0] = [-1, a]. \]

Samtidig skal \(\lvec{JB} \parallel \lvec{NA}\), så det må finnes en skalar \(k\) slik at

\[ \lvec{JB} = k \cdot \lvec{NA} \liff [-1, a] = k \cdot [2, -1] \liff [-1, a] = [2k, -k]. \]

Vektorlikningen krever at begge likninger er oppfylt samtidig slik at:

\[ -1 = 2k \and a = -k \]

Den første likningen gir

\[ k = -\dfrac{1}{2} \]

Det betyr at

\[ a = -k = -\left(-\dfrac{1}{2}\right) = \dfrac{1}{2}. \]

Nils flytter seg til et punkt \(M\). \(M\) er det nærmeste punktet som er plassert slik at avstanden mellom Jelena og Nils er \(\sqrt{10}\) meter. Vinkelen mellom Nils, Ahmad og Jelena, \(\angle MAJ\), er \(90\) grader.

Bestem koordinatene til \(M\).

\[ M(-1, 3) \]

Vi lager oss en hjelpefigur av situasjonen:

Vi skal finne det punktet \(M\) som oppfyller at

\(\abs{\lvec{JM}} = \sqrt{10}\)
\(\angle MAJ = 90^\circ\)
\(M\) ligger nærmest mulig \(N\).

Vi kan merke oss at vi kan skrive \(\lvec{JM}\) som

\[ \lvec{JM} = \lvec{JA} + \lvec{AM}. \]

Siden \(\angle MAJ = 90\degree\), så vil

\[ \lvec{AM} = k \cdot \lvec{JA}_\perp \]

der \(\lvec{JA}_\perp\) er en tverrvektor til \(\lvec{JA}\) og \(k\) er en skalar. Vi starter med å finne \(\lvec{JA}\):

\[ \lvec{JA} = [1 - 0, 1 - 0] = [1, 1]. \]

Vi vet også hvilken lengde \(\lvec{JM}\) skal ha. Fra dette kan vi finne lengden til \(\lvec{AM}\):

\[ \abs{\lvec{JM}}^2 = \abs{\lvec{JA}}^2 + \abs{\lvec{AM}}^2 \]

\[ (\sqrt{10})^2 = 2 + 2|k|^2 \]

der vi har brukt at \(\abs{\lvec{JA}}^2 = \abs{\lvec{JA}_\perp}^2 = 2\). Da følger det at

\[ 8 = 2|k|^2 \liff |k|^2 = 4 \liff |k| = 2. \]

Med andre ord får vi to mulige løsninger for \(M\):

\[ \lvec{OM}_1 = \lvec{JA} + 2 \cdot \lvec{JA}_\perp = [1, 1] + 2 \cdot [-1, 1] = [-1, 3] \]

eller

\[ \lvec{OM}_2 = \lvec{JA} - 2 \cdot \lvec{JA}_\perp = [1, 1] - 2 \cdot [-1, 1] = [3, -1]. \]

Det punktet som ligger nærmest \(N\) er \(M(-1, 3)\), så derfor er dette det punktet Nils flytter seg til.

Del 2 (Med hjelpemidler – 3 timer)#

Oppgave 1 (6 poeng)#

Teknologiselskaper PowBat skal lansere en ny batteriteknologi i en by med 3 millioner husstander. PowBat regner med at antallet husstander som har batteriet \(t\) uker etter lanseringen, vil følge modellen \(S\) gitt ved

\[ S(t) = \dfrac{2~500~000}{1 + 2500\cdot e^{-0.08t}} \]

Hvor lang tid vil det ta før halvparten av husstandene i byen har batteriet, ifølge modellen?

Ca. 103 uker.

Det er \(3~000~000\) husstander til sammen, så for å avgjøre hvor lang tid det før halvparten har batteriet, løser vi \(S(t) = 1~500~00\) med CAS:

Vi ser at etter ca \(103\) uker vil halvparten av husstandene i byen ha batteriet.

Bestem \(S'(52)\). Gi en praktisk tolkning av svaret.

\(S'(52)\) vil gi oss omtrent hvor mange nye husstander som får batteriet iløpet av uke 52. Vi kan finne \(S'(52)\) ved å bruke CAS:

Altså er det ca. 4873 nye husstander som får batteriet i uke 52, ifølge modellen.

Denne oppgaven er ikke relevant for halvdagsprøven. Skip it.

Det viser at konkurrenten BA3 planlegger å lansere et batteri med tilsvarende teknologi samtidig. Dette vil påvirke salget til PowBat.

Etter å ha hørt planene til BA3 antar PowBat at

de totalt vil få solgt batteriet til 1,5 millioner husstander
500 husstander har batteriet når det lanseres
flest nye husstander kjøper batteriet i uke 60

Bruk antakelsene ovenfor til å finne en ny logistisk modell \(F\) for antallet husstander som har batteriet etter \(t\) uker.

\[ F(t) = \dfrac{1~500~000}{1 + 2999\exp\left(-\frac{\ln(2999)}{60}t\right)}. \]

Vi starter med å sette opp en logistisk modell på formen

\[ F(t) = \dfrac{a}{1 + be^{-ct}} \]

Vi vet at det maksimalt blir vil være \(1~500~000\) husstander, så dette blir bareevnen \(a\) i modellen. Altså har vi at

\[ F(t) = \dfrac{1~500~000}{1 + be^{-ct}}. \]

Videre vet vi at \(F(0) = 500\) siden det er \(500\) husstander som har batteriet når det lanseres. Da får vi at

\[ F(0) = 500 \liff \dfrac{1~500~000}{1 + b} = 500 \liff 1 + b = \dfrac{1~500~000}{500} = 3000 \liff b = 2999. \]

I tillegg skal flest husstander kjøpe batteriet i uke \(60\), som tilsvarer at

\[ F(60) = \dfrac{1}{2}} F(\infty) = \dfrac{1}{2} \cdot 1~500~000 = 750~000. \]

Da får vi at

\[ \dfrac{1~500~000}{1 + 2999e^{-60c}} = 750~000 \]

\[ 1~500~000 = 750~000 + 2999 \cdot 750~000 \cdot e^{-60c} \]

\[ 750~000 = 2999 \cdot 750~000 \cdot e^{-60c} \]

\[ \dfrac{1}{2999} = e^{-60c} \liff -60c \]

\[ c = \dfrac{\ln(2999)}{60}. \]

Altså er den nye modellen for antallet husstander som har batteriet etter \(t\) uker gitt ved

\[ F(t) = \dfrac{1~500~000}{1 + 2999\exp\left(-\frac{\ln(2999)}{60}t\right)}. \]

Oppgave 2 (6 poeng)#

Funksjonen \(f\) er gitt ved

\[ f(x) = \dfrac{1}{3}x^3 - 2x^2 - 1 \]

og har definisjonsmengden \(I = [a, b]\) der \(a, b \in \real\).

Bestem det største intervallet \(I\), slik at \(f\) har en omvendt funksjon \(g\) når \(2 \in I\).

\[ I = [0, 4]. \]

For at \(f\) skal ha en omvendt funksjon på intervallet \(I\), kan ikke funksjonen ha et ekstremalpunkt på innsiden av intervallet. Vi leter ett eventuelle ekstremalpunkter først:

\[ f'(x) = x^2 - 4x = x(x - 4). \]

som betyr at

\[ f'(x) = 0 \liff x = 0 \or x = 4. \]

Vi tegner et fortegnsskjema for \(f'(x)\) for å avgjøre om punktene faktisk er ekstremalpunkter:

Vi ser at begge punkter er ekstremalpunkter siden \(f'(x)\) skifter fortegn rundt punktene. Setter vi \(I = [0, 4]\) så vil ingen ekstremalpunkter ligge på innsiden av intervallet, og vi sikrer at \(2 \in I\). Dermed er det største intervallet \(I\) slik at \(f\) har en omvendt funksjon \(g\) når \(2 \in I\), gitt ved

\[ I = [0, 4]. \]

Bestem stigningstallet til tangenten til grafen til \(g\) i punktet \((-10, 3)\).

Stigningstallet til tangenten er \(-\dfrac{1}{3}\)

Punktet \((-10, 3)\) ligger på grafen til \(g\) som betyr at punktet \((3, -10)\) ligger på grafen til \(f\). Stigningstallet til tangenten til grafen til \(f\) vil da være \(f'(3)\), og stigningstallet til tangenten til grafen til \(g\) er

\[ g'(-10) = \dfrac{1}{f'(3)}. \]

Vi har at

\[ f'(x) = x^2 - 4x \liff f'(3) = 3^2 - 4\cdot 3 = -3. \]

Altså er

\[ g'(-10) = \dfrac{1}{f'(3)} = \dfrac{1}{-3} = -\dfrac{1}{3}. \]

Altså er stigningstallet til tangenten til grafen til \(g\) i punktet \((-10, 3)\) gitt ved \(-\dfrac{1}{3}\).

Grafen til \(g\) har en annen tangent med samme stigningstallet som tangenten i punktet \((-10, 3)\).

Bestem koordinatene til tangeringspunktet.

\[ \left(-\dfrac{8}{3}, 1\right). \]

Vi løser \(f'(x) = -3\) for å finne det andre tangeringspunktet \((a, b)\) på grafen til \(f\). Da vil koordinatene til tangeringspunktet på grafen til \(g\) være \((b, a)\).

\[ f'(x) = -3 \liff x^2 - 4x = -3 \liff x^2 - 4x + 3 = 0 \liff (x - 1)(x - 3) = 0 \liff x = 1 \or x = 3. \]

Altså vil det andre tangeringspunktet på grafen til \(f\) være \((1, f(1))\). Vi finner \(f(1)\):

\[ f(1) = \dfrac{1}{3} - 2 - 1 = -\dfrac{8}{3}. \]

Dermed er koordinatene til det andre tangeringspunktet på grafen til \(g\) gitt

\[ \left(-\dfrac{8}{3}, 1\right). \]

Oppgave 3 (3 poeng)#

Amalie arbeider med en funksjon \(f\) med delt forskrift og skal vise funksjonsuttrykket til de andre i klassen. Dessverre har hun søkt på arket sitt og klarer ikke å lese alt som står der.

\[\begin{split} f(x) = \begin{cases} -9x - 15, && x \leq -2 \\ \\ g(x), && -2 \lt x \lt 1 \\ \\ \dfrac{x^2}{2} - x - \dfrac{7}{2}, && x \geq 1 \end{cases} \end{split}\]

Hun husker at \(f\) er kontinuerlig og deriverbar for alle \(x \in \real\). Hun husker også at det midterste uttrykket er et tredjegradspolynom.

Bruk dette til å bestemme hele funksjonsuttrykket til \(f\).

Det midterste uttrykket må være

\[ g(x) = -\dfrac{13}{27}x^3 + \dfrac{7}{9}x^2 - \dfrac{1}{9}x - \dfrac{113}{27} \]

Funksjonen \(f\) er bygget opp av polynomer i hver forskrift, og disse er kontinuerlige overalt.

Vi lar

\[ p(x) = -9x - 15 \qog q(x) = \dfrac{x^2}{2} - x - \dfrac{7}{2} \]

For at \(f\) skal være kontinuerlig og deriverbar i \(x = -2\), så må

\[ p(-2) = g(-2) \and p'(-2) = g'(-2) \]

For at \(f\) skal være kontinuerlig og deriverbar i \(x = 1\), så må

\[ q(1) = g(1) \and q'(1) = g'(1) \]

Dette gir oss fire likninger og fire ukjente siden \(g(x)\) er et tredjegradspolynom. Vi løser likningene med CAS:

Vi ser altså at \(f\) er kontinuerlig og deriverbar overalt dersom vi setter det midterste uttrykket lik

\[ g(x) = -\dfrac{13}{27}x^3 + \dfrac{7}{9}x^2 - \dfrac{1}{9}x - \dfrac{113}{27} \]

Oppgave 4 (8 poeng)#

Posisjonen \(\vec{r}\) til en fiskebåt \(t\) timer etter at den drar fra land, er gitt ved

\[ \vec{r}(t) = [1 + 5t, 4 + 8t]. \]

Enheten langs aksene er kilometer.

Farten til en båt måles vanligvis i knop, der \(1\) knop er \(1852\) meter per time.

Bestem farten til fiskebåten i knop.

\[ \sqrt{89}~\mathrm{km/h} = \dfrac{\sqrt{89}}{1.852}~\mathrm{knop} \approx 5.1~\mathrm{knop}. \]

Farten til båten er gitt ved

\[ v = \abs{\vec{r}'(t)} = \abs{[5, 8]} = \sqrt{5^2 + 8^2} = \sqrt{89}. \]

Denne farten er i kilometer per time. For å konvertere til knop, kan vi gjøre følgende utregning:

\[ 1~\mathrm{knop} = 1852~\mathrm{m/h} = 1.852~\mathrm{km/h} \liff 1~\mathrm{km/h} = \dfrac{1}{1.852}~\mathrm{knop}. \]

Dermed har vi at

\[ \sqrt{89}~\mathrm{km/h} = \dfrac{\sqrt{89}}{1.852}~\mathrm{knop} \]

Vi kan finne en tilnærmet verdi for dette med CAS:

Altså er farten til båten ca. \(5.1\) knop.

Et fyr står i posisjonen \((4, 7)\).

Bestem den minste avstanden mellom fiskebåten og fyret.

\[ h = \dfrac{9}{\sqrt{89}} = \dfrac{9 \sqrt{89}}{89} \]

Båten beveger seg langs en rett linje. En retningsvektor for linja vil være fartsvektoren

\[ \vec{v} = \vec{r}'(t) = [5, 8] \]

Den minste avstanden fra fyret til båten vil være den korteste avstanden fra punktet \(P(4, 7)\) til linja. Vi trenger også et punkt på linja. Vi lar dette punktet være

\[ \lvec{OQ} = \vec{r}(0) = [1, 4]. \]

Da vil den korteste avstanden \(h\) være

\[ h = \dfrac{\abs{\lvec PQ\cdot \vec{v}_\perp}}{\abs{\vec{v}}} \]

Vi har at

\[ \lvec{PQ} = \lvec{OQ} - \lvec{OP} = [1, 4] - [4, 7] = [-3, -3] \]

og at en tverrvektor til \(\vec{v}\) er

\[ \vec{v}_\perp = [-8, 5]. \]

Da får vi at

\[ \lvec{PQ} \cdot \vec{v}_\perp = [-3, -3] \cdot [-8, 5] = 24 - 15 = 9 \]

Dermed blir den korteste avstanden

\[ h = \dfrac{9}{\sqrt{89}} = \dfrac{9 \sqrt{89}}{89} \]

En fiskestim er i punktet \((1, -3)\) ved tiden \(t = 0\), og stimen svømmer med hastigheten \(\vec{v} = [4, 11]\).

Vil fiskebåten treffe fiskestimen?

Fiskebåten treffer ikke fiskestimen fordi de er i skjæringspunktet mellom kurvene sine på forskjellige tidspunkter.

La \(\vec{r}_f(t)\) være posisjonen til fiskestimen etter \(t\) timer. Posisjonsvektoren vil da være gitt ved

\[ \vec{r}_f(t) = \vec{r}_f(0) + \vec{v} \cdot t = [1, -3] + [4, 11] \cdot t = [1 + 4t, -3 + 11t]. \]

For å undersøke om de treffer hverandre, løser vi likningen

\[ \vec{r}_f(s) = \vec{r}(t) \]

Dette gjør vi med CAS:

Vi får forskjellig verdi for \(s\) og \(t\) som betyr at de er der på forskjellige tidspunkter. Fiskestimen er der akkurat litt senere enn fiskebåten. Dermed vil ikke fiskebåten treffe fiskestimen.

En annen fiskebåt er i punktet \((-2, 0)\) ved tiden \(t = 0\) og holder konstant fart i retning langs \(\vec{u} = [6, 4]\).

Bestem farten denne fiskebåten må holde for å treffe fiskestimen.

\[ \abs{\vec{v}} = 3\sqrt{13}~\mathrm{km/h}. \]

La først \(\vec{r}_2(t)\) være posisjonen dersom fiskebåten starter i \((-2, 0)\) og kjører med fartsvektoren \(\vec{v} = [6, 4]\). Da kan vi finne koordinatene til punktet der kurven til fiskestimen og kurven til denne fiskebåten skjærer hverandre ved å løse likningen

\[ \vec{r}_2(s) = \vec{r}_f(t) \]

Vi gjør dette med CAS:

Altså vil fiskestimen være i skjæringspunktet \(\left(\dfrac{17}{5}, \dfrac{18}{5}\right)\) etter \(t = \dfrac{3}{5}\) timer. Fiskemåten må være der samtidig. La \(\vec{v} = [a, b]\) være fartsvektoren til fiskebåten. Da må vi kreve at

\[ \left[\dfrac{17}{5}, \dfrac{18}{5}\right] = [-2, 0] + [a, b] \cdot \dfrac{3}{5} \]

Vi løser likningen med CAS:

Altså må fartsvektoren være \(\vec{v} = [9, 6] = 3[3, 2]\) som gir farten

\[ \abs{\vec{v}} = 3\sqrt{3^2 + 2^2} = 3\sqrt{13}. \]

Altså må fiskebåten holde en fart på \(3\sqrt{13}~\mathrm{km/h}\) for å treffe fiskestimen.

Oppgave 5 (4 poeng)#

Grafen til en funksjonen \(f\) gitt ved \(f(x) = \ln x\) er vist i figuren nedenfor.

Et punkt \(B\) på grafen til \(f\) er plassert slik at tangenten til grafen i punktet \(B\) går gjennom \(A(0, 0)\).

Punktet \(C\) er plassert på linja \(y = x\) slik at \(\angle ACB = 90\degree\).

Bestem eksakte verdier for koordinatene til punktet \(B\).

\[ B(e, 1) \]

Punktet \(B\) ligger på en linje som er en tangent til grafen i et punkt \((x, f(x))\). Gitt punktet \(x\), så vil stigningstallet til tangenten være gitt ved den deriverte av \(f\) i punktet \(x\):

\[ f(x) = \ln x \limplies f'(x) = \dfrac{1}{x} \]

Siden punktet \(A(0, 0)\) også ligger på tangenten og er i origo, vil \(\lvec{AB}\) beskrive posisjonsvektoren til punktet \(B\). Dette punktet vil ha koordinatene \((x, f(x)) = (x, \ln x)\). Dermed er

\[ \lvec{AB} = [x, \ln x] \]

Når vi øker \(x\) med én enhet, vil \(y\)-verdien øke med stigningstallet til tangenten, altså \(\frac{1}{x}\). Dermed kan vi uttrykke retningsvektoren til tangenten som

\[ \vec{v} = \left[1, \dfrac{1}{x}\right] \]

Punktene på tangenten kan derfor beskrives som

\[ \vec{r}(t) = \lvec{OA} + \vec{v} \cdot t = [0, 0] + \left[1, \dfrac{1}{x}\right] \cdot t = \left[t, \dfrac{t}{x}\right] \]

Vi må bestemme \(t\) og \(x\) slik at \(\vec{r}(t) = \lvec{AB}\). Altså må vi løse likningen

\[ \left[t, \dfrac{t}{x}\right] = [x, \ln x] \]

Dette gir oss to likninger:

\[ t = x \and \dfrac{t}{x} = \ln x \]

Den første likningen forteller oss bare at \(t = x\), så vi kan sette dette inn i den andre likningen som gir:

\[ \dfrac{x}{x} = \ln x \limplies 1 = \ln x \]

Altså må \(x = e\). Dermed er koordinatene til punktet \(B\) gitt ved

\[ B(x, \ln x) = B(e, 1) \]

Bestem det eksakte arealet av \(\triangle ABC\).

\[ T = \dfrac{e^2 - 1}{4} \]

For å bestemme arealet av \(\triangle ABC\), må vi kjenne til to vektorer som spenner ut trekanten. Vi vet allerede at \(\lvec{AB} = [e, 1]\). Vi trenger derfor bare én vektor til for én av sidene i trekanten. Vi kan finne \(\lvec{AC}\) ved å regne ut projeksjonen av \(\lvec{AB}\) ned på linja \(y = x\) som har retningsvektor \(\vec{v} = [1, 1]\). Da får vi

\[ \lvec{AC} = \dfrac{\lvec{AB} \cdot \vec{v}}{\abs{\vec{v}}^2} \vec{v} \]

Vi regner ut skalarproduktet i telleren først:

\[ \lvec{AB} \cdot \vec{v} = [e, 1] \cdot [1, 1] = e + 1 \]

Så regner vi ut nevneren:

\[ \abs{\vec{v}}^2 = 1^2 + 1^2 = 2 \]

Dermed får vi

\[ \lvec{AC} = \dfrac{e + 1}{2} \cdot [1, 1] \]

Arealet av \(\triangle ABC\) er da gitt ved formelen

\[ T = \dfrac{1}{2} \abs{\lvec{AB} \cdot \lvec{AC}_\perp} \]

der \(\lvec{AC}_\perp\) er en tverrvektor til \(\lvec{AC}\). En tverrvektor til \(\lvec{AC}\) får vi vet å bytte plass på koordinatene og endre fortegn på én av dem:

\[ \lvec{AC}_\perp = \dfrac{e + 1}{2} \cdot [-1, 1] \]

Nå kan vi regne ut skalarproduktet:

\[\begin{split} \begin{align*} \lvec{AB} \cdot \lvec{AC}_\perp &= [e, 1] \cdot \left(\dfrac{e + 1}{2} \cdot [-1, 1]\right) \\ \\ &= \dfrac{e + 1}{2} \cdot ( -e + 1) = \dfrac{-(e^2 - 1)}{2} \\ \\ &= \dfrac{1 - e^2}{2} \end{align*} \end{split}\]

Altså er arealet av trekanten gitt ved

\[\begin{split} \begin{align*} T &= \dfrac{1}{2} \abs{\dfrac{1 - e^2}{2}} \\ \\ &= \dfrac{e^2 - 1}{4} \end{align*} \end{split}\]

Eksamen vår 2025

Innhold